大學物理A下冊課後答案
❶ 誰有陸培民版的大學物理課後答案
大學物理課後習題答案內容 機械波:機械振動在彈性介質中的傳播。
波源：產生機械振動的振源。
彈性介質：傳播機械振動的介質。
橫波：質點的振動方向和波的傳播方向垂直。
縱波：質點的振動方向和波的傳播方向平行。
復雜波: 可分解為橫波和縱波的合成。
波陣面：振動相位相同的點連成的面(簡稱波面)。
波前：在任何時刻，波面有無數多個，最前方的波面即是波前。波前只有一個。
波線：沿波的傳播方向作的一些帶箭頭的線。波線的指向表示波的傳播方向。
波速：單位時間內一定的振動狀態所傳播的距離，用u表示，是描述振動狀態在介質中傳播快慢程度的物理量，又稱相速。
簡諧波：簡諧振動在介質中傳播形成的波。
平面簡諧波：波面為平面的簡諧波。
2/4
波函數：表示介質中各質點的振動狀態隨時間變化的函數關系式，也稱波動表達式。 介質中所有參與波動的質點都在不斷地接受來自波源的能量，又不斷把能量釋放出去。 波的能量密度：介質中單位體積的波動能量
平均能量密度：波的能量密度在一個周期內的平均值。
波的平均能量密度與振幅的平方、頻率的平方和介質密度的乘積成正比。
能流：在單位時間內通過介質中某面積S 的能量。
單位時間內通過垂直於波線的單位面積的平均能流，稱為能流密度，也稱波強度。 電磁波：變化的電磁場在空間以一定的速度傳播形成。
輻射能：電磁波所攜帶的電磁能量。
能流密度S（輻射強度）：單位時間內通過垂直於傳播方向的單位面積的輻射能。
惠更斯原理：介質中任一波面上的各點，都可看成是產生球面子波的波源；在其後的任一時刻，這些子波的包絡面構成新的波面。
相干波：能夠產生干涉現象的波。
相干波源：能夠激發相干波的波源。
相干條件：頻率相同、振動方向相同、相位差恆定。
兩列相干波源為同相位時，在兩列波疊加的區域內，在波程差等於波長整數倍的各點，干涉相長（振幅最大）；在波程差等於半波長的奇數倍的各點，干涉相消（振幅最小）。 駐波：兩列振幅相同的相干波在同一條直線上相向傳播時疊加而成。
駐波特點：
1.沒有振動狀態或相位的傳播，而是媒質中各質點作穩定的振動或段與段之間的相位突變，與行波完全不同。
2.各個質點分別在各自的平衡位置附近作簡諧運動。動能和勢能在波節和波腹之間來回傳遞，無能量的傳播。
半波損失：入射波在反射時產生了的相位突變的現象。
多普勒效應：波源或觀察者相對於介質運動，使觀察者接收到的波的頻率發生變化的現象。
❷ 大學物理學第三版A版力學、熱學張三慧課後答案第3版答案
大學物理學(第3版)力學、熱學張三慧編著出版社：清華大學出版社出版本書是張三慧編著的《大學物理學》（第三版）上冊，講述物理學的基礎理論的力學和熱學部分。其中力學部分包括質點力學、剛體的轉動、振動和波，以及狹義相對論；熱學部分包括溫度和氣體動理論，熱力學和第二定律。書中特別著重於守恆定律的講解，也特別注意從微觀上闡明物理現象及規律的本質。內容的選擇上除了包括經典基本內容外，還注意適時插入現代物理概念與物理思想。
為了擴大學生的現代物理知識領域，本書還專辟了「今日物理趣聞」欄目以備選講或選讀，具體內容有基本粒子，混沌--決定論的混亂，奇妙的對稱性，彎曲的時空，大和宇宙膨脹，能源與環境等。此外，安排了許多現代的聯系各方面的實際的例題和習題。
本書可作為高等院校的物理教材，也可以作為中學物理教師教學或其他讀者自學的參考書，與本書配套的《大學物理學（第三版）學習輔導與習題解答》可幫助讀者學習本書。本書封面貼有清華大學出版社防偽標簽，無標簽者不得銷售。目錄今日物理趣聞a基本粒子
a.1粒子的發現與特徵
a.2粒子分類
a.3粒子的轉化與守恆定律
a.4誇克
a.5色
a.6粒子研究與技術
第1篇力學
第1章質點運動學
1.1參考系
1.2質點的位矢、位移和速度
1.3加速度
1.4勻加速運動
1.5拋體運動
1.6圓周運動
1.7相對運動
提要
思考題
習題
科學家介紹伽利略
第2章運動與力
2.1牛頓運動定律
2.2常見的幾種力
2.3基本的自然力
2.4應用牛頓定律解題
2.5非慣性系與慣性力
2.6科里奧利力
2.7潮汐
❸ 大學物理2.求詳解，謝謝
電量為q0=??? 電量為零是么
你表述的不完整 直接給你公式吧
電場力做功：WAB＝qUAB＝Eqd｛WAB:帶電體由A到B時電場力所做的功(J)，q:帶電量(C)，UAB:電場中A、B兩點間的電勢差(V)(電場力做功與路徑無關),E:勻強電場強度,d:兩點沿場強方向的距離(m)｝
電勢能：EA＝qφA ｛EA:帶電體在A點的電勢能(J)，q:電量(C)，φA:A點的電勢(V)｝
電勢能的變化ΔEAB＝EB-EA ｛帶電體在電場中從A位置到B位置時電勢能的差值｝
電場力做功與電勢能變化ΔEAB＝-WAB＝-qUAB (電勢能的增量等於電場力做功的負值
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❻ 大學物理下冊課後習題答案吳百詩
第一次 熱力學基礎
一、選擇題：
1. B 2. A 3. A 4. C 5. D
二、填空題：
1. , ,
2. 功完全轉變為熱（熱功轉換）； 熱量自動從高溫物體傳給低溫物體（熱量傳遞，熱傳導）
3. (1)負，負（放熱），零； (2)正，負（放熱），負； 正，正（吸熱），負
4. ， 5.
6. 不能； 該熱機的效率為：，超過理想可逆機的效率：。
三、計算題：
1.（1）由功的定義
(2) 內能的變化 由
(3)根據熱力學第一定律：
2. (1)等體過程: 由熱力學第一定律得 ,做功
(2)等壓過程: 吸熱
對外做功 J
3. (1) 由abc 過程可求出態和態的內能之差 J
(2) adb過程，系統作功 系統吸收熱量
(3)ba 過程，外界對系統作功 系統放熱
4. 定向速率對應的機械動能轉化為系統內能，溫度會升高，由能量守恆：
解得：,平衡後溫度為,由狀態方程可知壓強
第二次 氣體分子運動論
一、選擇題： 1. B 2.B 3.C 4.A 5.C 6.D
二、填空題：
⒈ 原來分子數的
⒉ 速率處於 間隔內分子數與總分子數的比 , 速率 的分子數與總分子數的比, 速率 的分子個數 , 速率處於 間隔的分子的平均速率。
⒊3:2 ⒋
⒌ ⒍ 1 ；0.5 ⒎ 5 8.(2) ;(2)
三、計算題：
1 解： 由理想氣體狀態方程 ,
有
2 解：理想氣體分子的能量
平動動能
轉動動能
內能
3 解：由氣體狀態方程得
由平均自由程公式
4 解：(1)從圖上可得分布函數表達式
滿足歸一化條件，但這里縱坐標是而不是故曲線下的總面積為，
(2) 由歸一化條件可得
(3) 可通過面積計算
(4) 個粒子平均速率
(5) 到區間內粒子平均速率
到區間內粒子數
第四次 機械波
一、選擇題：1．A 2．D 3．B 4．A 5．C 6．B
二、填空題：1． 2． 3．
4．,( k = ± 1，± 2，…)
5．
6．
三、計算題：
1 解: (1)已知波動方程 ()和標准形式 比較得：
波振幅為，頻率，波長，波速，周期．
(2)將代入波動方程得
(3)因任一時刻同一波線上兩點之間的位相差為
將，及代入上式，即得
2解：(1) 如圖A，取波線上任一點P，其坐標設為x，由波的傳播特性，
P點的振動落後於l /4處質點的振動
該波的表達式為：
=
(2) t = T 時的波形和 t = 0時波形一樣。
t= 0時=
3解: (1)
(2)
4．解:：設連線及延長線為方向，以為坐標原點，則： ，令：
P O P』 Q
（1）右側 （取Q點），則從 分別傳播來的兩波在Q點的相位差為：
處各點均因干涉而靜止。
（2）左側 （取P點），從 分別傳播來的兩波在P點的相位差為：
處各點干涉加強，相干波振幅為 2A。
（3）之間 （取P』點），從分別傳播來的兩波在P』點的相位差為：
， 由干涉靜止的條件可得：
即
第七次 狹義相對論
一、選擇題：⒈ C ⒉ C ⒊ A ⒋ A ⒌ D ⒍ D
二、填空題：
1．狹義相對論的相對性；光速不變。 2． ； 。 3．
4． ; 5.0.98C 6. ； ； ； 。
三、計算題：
1．
⑴
⑵ （應同時測量兩端的位置，不是下面的 ）
⑶
2．⑴ ⑵
⑶
3.以地面為參考系，這時該子的壽命，它可以通過的距離為
4. 設電子靜質量為，由動能定律
5. (1)
（2）設系為一個質子處於靜止的參考系，則另一個質子相對於的速度為：、
第八次 量子物理基礎
一、選擇題：1. C 2. D 3. B 4. D 5. A 6. A 7. A 8. D
二、填空題：
1. 定態假設；躍遷頻率；軌道角動量量子化； 2. 泡利不相容；能量最小原理； 3. ; ；
4. 5. ,
6.3，5 7. , , 8. 9.不變 10. 355nm
三、計算題：
1. 解：
2. 使處於基態的電子電離所需能量為，因此，該電子遠離質子時的動能為
速度為 ：
其德布羅意波長為：
3. (1)
(2) ,
4．各處出現的幾率密度：
時， ; 時， 和
四、簡答題：
1.德布羅意波是概率波，波函數不表示某實在物理量在空間的波動，其振幅無實在的物理意義，並且存在歸一化問題；經典波是振動狀態的傳播，無歸一化問題。
2.光電效應是指金屬中的電子吸收了光子的過程，遵守能量守恆定律；而康普頓散射則是光子與自由電子的彈性碰撞過程，同時遵守能量與動量守恆定律。
❼ 大學物理學力學熱學 張三慧第三版A版課後答案
一、選擇題
1、
(7)大學物理A下冊課後答案擴展閱讀
這部分內容主要考察的是物理學力學的知識點：
物理力學主要研究平衡現象，如氣體、液體、固體的狀態方程，各種熱力學平衡性質和化學平衡的研究等。對於這類問題，物理力學主要藉助統計力學的方法。
物理力學對非平衡現象的研究包括四個方面：趨向於平衡的過程，如各種化學反應和弛豫現象的研究；偏離平衡狀態較小的、穩定的非平衡過程，如物質的擴散、粘性以及熱輻射等的研究；遠離於衡態的問題，開放系統中所遇到的各種能量耗散過程的研究；平衡和非平衡狀態下所發生的突變過程，如相變等。解決這些問題要藉助於非平衡統計力學和不可逆過程熱力學理論。
物理力學的研究工作，目前主要集中三個方面：高溫氣體性質，研究氣體在高溫下的熱力學平衡性質(包括狀態方程)、輸運性質、輻射性質以及與各種動力學過程有關的弛豫現象；稠密流體性質，主要研究高壓氣體和各種液體的熱力學平衡性質(包括狀態方程)、輸運性質以及相變行為等；固體材料性質，利用微觀理論研究材料的彈性、塑性、強度以及本構關系等。
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❾ 哪位大神有「大學物理A（2）」的題庫和答案
系 (院)
專 業
年級、班級
學 號
姓 名
衡陽師范學院2007年下學期
《大學物理》（二）期末考試試題卷（答卷）
題 號 一 二 三 四 五 合 分 簽 名
得 分
復 查
得分 評卷人
一、 單項選擇題：（每小題3分，共30分）
處於真空中的電流元 到P點的位矢為 ，則 在P點產生的磁感應強度為 ( B )
(A) ； (B) ； (C) ； (D) .
2. 在磁感應強度為 的均勻磁場中，取一邊長為 的立方形閉合面，則通過該閉合面的磁通量的大小為： （ D ）
(A) ； (B) ； (C) ； (D) 0。
3. 如圖，兩導線中的電流I1=4 A，I2=1 A，根據安培環路定律，對圖中所示的閉合曲線C有 = ( A )
(A) 3μ0； （B）0；
(C) －3μ0； （D）5μ0。
4．半徑為a的長直圓柱體載流為I， 電流I均勻分布在橫截面上，則圓柱體外（r>a）的一點P的磁感應強度的大小為 ( A )
(A) ； (B) ；
(C) ； (D) 。
5．某時刻波形圖如圖所示，下列說法正確的是 ( B )
(A) A點勢能最大，動能最小；
(B) B點勢能最大，動能最大。
(C) A、C兩點勢能最大，動能最大；
(D) B點動能最大，勢能最小。
6. 將水平彈簧振子拉離平衡位置5cm，由靜止釋放而作簡諧振動，並開始計時，若選拉開方向為 軸正方向，並以 表示振動方程，則這一簡諧振動的初相位和振幅為 （ B ）
(A) ， ； (B) ， ；
(C) ， ； (D) ， 。
7. 一物體作簡諧振動, 振動方程為x=Acos(ωt+π/4)。在t=T/4(T為周期)時刻,物體的加速度為 ( D )
(A) ; (B) ; (C) ; (D) 。
8. 簡諧振動的位移—時間曲線關系如圖所示，該簡諧振動的振動方程為
(A) x=4cos2πt（m）； ( C )
(B) x=4cos(πt－π)（m）；
(C) x=4cosπt（m）；
(D) x=4cos(2πt+π)（m）。
9．一餘弦波沿x軸負方向傳播，已知x=－1 m處振動方程為y=Acos(ωt+ )，若波速為u，則波動方程為 ( C )
(A) ; (B) ;
(C) ; (D)
10．如圖所示，兩平面玻璃板OA和OB構成一空氣劈尖，一平面單色光垂直入射到劈尖上，當A板與B板的夾角θ增大時，干涉圖樣將 ( C )
(A) 干涉條紋間距增大，並向O方向移動；
(B) 干涉條紋間距減小，並向B方向移動；
(C) 干涉條紋間距減小，並向O方向移動；
(D) 干涉條紋間距增大，並向O方向移動.
得分 評卷人
二、填空題：（每小題3分，共18分）
電流為I的長直導線周圍的磁感應強度為 。
2. 相干波的相干條件為 振動方向相同、頻率相同、相位差恆定 。
3. 諧振子從平衡位置運動到最遠點所需時間為 T/4 (用周期表示)，走過該距離的一半所需時間為 T/12 (用周期表示)。
4. 從微觀上來說, 產生動生電動勢的非靜電力是 洛侖茲力 。
5．兩個諧振動方程為x1=0.03cosωt，x2=0.04cos(ωt+π／2)(SI)，則它們的合振幅為 0.05 m 。
6. 描述簡諧運動的三個特徵量為 振幅、角頻率、初相 。
得分 評卷人
三、簡答題：（每小題6分，共12分）
當一個彈簧振子的振幅增大到兩倍時，試分析它的下列物理量將受到什麼影響：振動的周期、最大速度、最大加速度和振動的能量。
參考解彈簧振子的周期為T=2π 【1分】，僅與系統的內在性質有關，與外界因素無關【1分】，所以與振幅無關。【1分】
vmax=ωA，當A增大到兩倍時，vmax也增大到原來的兩倍。【1分】
amax=ω2A，當A增大到兩倍時，amax也增大到原來的兩倍。【1分】
E= kA2，當A增大到兩倍時，E增大到原來的四倍。【1分】
2． 把同一光源發的光分成兩部分而成為相干光的方法有哪幾種？這幾種方法分別有什麼特點並舉例？
參考解把同一光源發的光分成兩部分而成為相干光的方法有兩種：分波陣面法和分振幅法【2分】。分波陣面法是指把原光源發出的同一波陣面上的兩部分作為兩子光源而取得相干光的方法，如楊氏雙縫干涉實驗等【2分】；分振幅法是指將一普通光源同一點發出的光，利用反射、折射等方法把它「一分為二」，從而獲得相干光的方法，如薄膜干涉等【2分】。
得分 評卷人
四、計算題：（第1題7分，其它每小題8分，共31分）
有一個和輕彈簧相連的小球，沿x軸作振幅為A的簡諧運動。該振動的表達式用餘弦函數表示。若t=0時，球的運動狀態分別為：
(1) x0=－A；(2) 過平衡位置向x正方向運動；(3) 過x=A／2處，且向x負方向運動。試確定相應的初相。
解：(1) =π【1分】；(2) =－π／2【1分】；(3) =π／3【1分】。
相量圖如下：【圖（1）1分；圖（2）1分；圖（3）2分】
2．一水平彈簧振子，振幅A=2.0×10-2m，周期T=0.50s。當t=0時，
(1) 物體過x=1.0×10-2m處，向負方向運動；
(2) 物體過x=－1.0×10-2m處，向正方向運動。
分別寫出以上兩種情況下的振動表達式。
解一： 相量圖法。由題知 =4π【2分】
（1）φ1= ， 其振動表達式 x1=2.0×10-2cos(4πt+ ) (m) 【3分】
（2）φ2= 或－ ， 其振動表達式 x1=2.0×10-2cos(4πt+ ) (m) 【3分】
解二： 解析法。（1）因為T=0時，x0=1.0×10-2m=A/2, v0<0. 【1分】
由x0=Acosφ= ，知 cosφ= ，則φ=± ，
由 v0=－ωAsinφ<0，有 sinφ>0，所以φ= ，【1分】
其振動表達式為 x1=2.0×10-2cos(4πt+ ) (m) 【2分】
（2）因為T=0時，x0=－1.0×10-2m=A/2, v0>0. 【1分】
由x0=Acosφ=－ ，知 cosφ=－ ，則φ=± （或 ， ），
由 v0=－ωAsinφ>0，有 sinφ<0，所以φ= 或－ ，【1分】
其振動表達式
x1=2.0×10-2cos(4πt+ ) (m)= 2.0×10-2cos(4πt－ ) (m) 【2分】
3. 如圖所示，線圈均勻密繞在截面為長方形的整個木環上(木環的內外半徑分別為R1和R2，厚度為h，木料對磁場分布無影響)，共有N匝，求通入電流I後，環內外磁場的分布。通過管截面的磁通量是多少?
解： 適當選取安培環路，然後根據安培環路定理分兩種情況討論環外和環內的磁場。作垂直於木環中軸線而圓心在中軸線上的圓為安培環路L。
如果圓周在環外，因為 =0，則由安培環路定理可得，在環外 B=0。
如果圓周在環內，且半徑為r(R1<r<R2)，根據電流分布的對稱性可知，與木環共軸的圓周上各點B的大小相等，方向沿圓周的切線方向。則由安培環路定理
【2分】， B?2πr=μ0NI
由此得，在環內 B=μ0NI／(2πr) 【2分】
為了求環管截面通過的磁通量，可先考慮環管內截面上寬為dr，高為h的一窄條面積通過的磁通量為 dφ=Bhdr＝ dr【2分】
通過管全部截面的磁通量為 Φ= 【2分】
4. 在折射率n1=1.52的鏡頭表面塗有一層n2=1.38的MgF2增透膜，如果此膜適用於波長λ=550nm的光，膜的最小厚度應是多少?
解一： 增透膜就是使反射光干涉相消，從而增大透射光的光強。因n空<n2<n1，當光在MgF2的上、下表面反射時均有半波損失【2分】，所以反射光干涉相消的條件為
2n2h=(2k+1) , k=0,1,2,… 則 h=(2k+1) 【3分】
當k=0【1分】時，可得增透膜的最小厚度
hmin= = =9.96×10-8(m)= 99.6nm【2分】
解二： 對於增透膜，使反射光干涉相消也就是使透射光干涉相長。故也可由透射光干涉加強求增透膜的厚度。當光在MgF2的上、下表面經二次反射（有半波損失）【2分】後透射到鏡頭與直接透過MgF2的透射光相遇時，兩透射光的光程差為2n2h+λ/2。由干涉相長條件，有
2n2h+ =kλ,k=1,2,3,… 則h=(k－ ) 【3分】
當k=1【1分】時，得增透膜最小厚度hmin= = =9.96×10-8(m)=99.6nm【2分】
得分 評卷人
五、證明題：（共9分）
如圖所示，長直導線中通有電流I，另一矩形線圈共N 匝，寬為a，長為L，以速度v向右平動，試證明：當矩形線圈左邊距長直導線的距離為d時線圈中的感應電動勢為 。
解一： 由動生電動勢公式 求解。
方法一：通有電流I的長直導線的磁場分布為B=μ0I/2πx，方向垂直線圈平面向里。對於線圈的上、下兩邊，因 的方向與 的方向垂直，故在線圈向右平移時，線圈的上下兩邊不會產生感應電動勢，（上、下兩導線沒切割磁場線），只有左右兩邊產生動生電動勢。而左、右兩邊中動生電動勢? 的方向相同，都平行紙面向上，可視為並聯，所以線圈中的總電動勢為
?＝?1－?2＝N[ － ]【3分】
=N[ ]
=N[ － ]= = 【3分】
? ＞0， 則? 的方向與?1的方向相同，即順時針方向【3分】。
方法二： 當線圈左邊距長直導線距離為d時，線圈左邊的磁感應強度B1=μ0I/2πd，方向垂直紙面向里。線圈以速度v運動時左邊導線中的動生電動勢為
?1＝N =N =NvB1 =Nv L.
方向為順時針方向【3分】。線圈右邊的磁感應強度B2=μ0I/2π(d+a)，方向垂直紙面向里。當線圈運動時右邊導線中的動生電動勢為
?2 =N =N =NvB2 =Nv L.
方向為逆時針方【3分】。所以線圈中的感應電動勢為
?＝?1－?2= Nv L－Nv L=
? ＞0，即? 的方向與?1的方向相同，為順時針方向【3分】。
方法三： 由? = ，積分路徑L取順時針方向，有
? =N[ ]
=N[ ]=N( )
=Nv L－Nv L= 【6分】
? ＞0，即? 的方向與閉合路徑L的方向相同，為順時針方向【3分】。
解二：由法拉弟電磁感應定律求解。
因為長直導線的磁場是一非均勻磁場B=μ0I/2πr，在線圈平面內磁場方向垂直線圈平面向里。故在距長直導線r處取一長為L，寬為dr的小面元dS=Ldr，取迴路繞行方向為順時針方向，則通過該面元的磁通量
dΦ= =BdScos0°=
通過總個線圈平面的磁通量（設線圈左邊距長直導線距離為x時）為
Φ= 【3分】
線圈內的感應電動勢由法拉弟電磁感應定律為
? =－
當線圈左邊距長直導線距離x=d時，線圈內的感應電動勢為
? = 【3分】
因為? ＞0，所以? 的方向與繞行方向一致，即為順時針方向【3分】。
感應電動勢方向也可由楞次定律判斷：當線圈向右平動時，由於磁場逐漸減弱，通過線圈的磁通量減少，所以感應電流所產生的磁場要阻礙原磁通的減少，即感應電流的磁場要與原磁場方向相同，所以電動勢方向為順時針方向。